複變函式求方程解?cosZ 2

2025-03-24 19:30:17 字數 2042 閱讀 8166

求解複變函式方程sinz=

1樓:帳號已登出

z=a+ib

2=sinz=[e^(iz)-e^(-iz)]/2i)=[e^(ia-b)-e^(-ia+b)]/2i)

4i=e^(-b)(cosa+isina)-e^b(cosa-isina)

對比實部,虛部得:

0=e^(-b)cosa-e^bcosa

因為b<>0

所以有cosa=0

有sina=1

或-14=e^(-b)sina+e^bsina

sina=-1時,無解,所以只能取sina=1

得:e^b+e^(-b)=4

解得:e^2b-4e^b+1=0

得:e^b=2+√3

得:b=ln(2+√3)

ln(2-√3)

由cosa=0,sina=1,得:a=2kπ+π2

所以z=a+ib,a=2kπ+π2,b=ln(2+√3),ln(2-√3)

發展簡況。複變函式。

論產生於十八世紀。1774年,尤拉在他的一篇**中考慮了由複變函式的積分匯出的兩個方程。而比他更早時,法國數學家達朗貝爾在他的關於流體力學。

的**中,就已經得到了它們。因此,後來人們提到這兩個方程,把它們叫做「達朗貝爾-尤拉方程」。到了十九世紀,上述兩個方程在柯西。

和黎曼研究流體力學時,作了更詳細的研究,所以這兩個方程也被叫做「柯西-黎曼條件」。

請問:在複變函式中,為什麼1-cosx與x^2?

2樓:小耳朵愛聊車

泰勒公式將cosx在x0=0處得:

cosx=1-x^2/2+x^4/4-x^6/6+..1)^nx^2n/2n...

從而1-cosx=x^2/2-x^4/4+x^6/6+..1)^nx^2n/2n...

故x^2/2是1-cosx的主部。

所以lim[(1-cosx)/(x^2/2)]=1(x→0),由等價無窮小量的定義可知1-cosx與x^2/2為等價無窮小量,即cosx-1和-(x^2)/2是等價無窮小量。脊灶咐。

1、複合函式。

的導數求法。

複合函式對自變數。

的導數,等於已知函式對中間變數的導數,乘以中間變數對自變數的導數。

即對於y=f(t),t=g(x),則y'公式表示為:y'=(f(t))'櫻純*(g(x))'

例:y=sin(cosx),則y'=cos(cosx)*(sinx)=-sinx*cos(cosx)

2、(lnx)'=1/x、(e^x)'=e^x、(c)'=0(c為常數)

3、導數的四則運算規則辯毀。

1)(f(x)±g(x))'f'(x)±g'(x)

例:(x^3-cosx)'=x^3)'-cosx)'=3*x^2+sinx

2)(f(x)*g(x))'f'(x)*g(x)+f(x)*g'(x)

例:(x*cosx)'=x)'*cosx+x*(cosx)'=cosx-x*sinx

複數方程cosz= 0的全部解,怎麼求出來的,

3樓:栗為亢旺

cosz=[e^iz+e^(-iz)]/2得:圓唯e^iz+e^(-iz)=0

即老慎e^(2iz)+1=0

e^(2iz)=-1

e^(2iz)=e^iπ(2k+1),k∈z得:2iz=iπ(2k+1)

即z=(k+1/橘含培2)π

複變函式證明cos(z)=0的解

4樓:

複變函式證明cos(z)=0的解。

cosz=0的解是z=kπ+2分之π,其中k屬於整數局旁缺集。實際上,在周角範圍內啟明,有兩個角2分之π和2分之3π的餘弦值等零桐辯,所以z=2kπ+2分之π,z=2kπ+2分之3π,k屬於整數集,都是cosz=0的解,兩個解可以合併為z=kπ加2分之π,k屬於整數集。一般地,對三角方程cosx=a的求解就必須要分類討論了。

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