1樓:
1.sn=nan-(n-1)n
s(n-1)=(n-1)a(n-1)-(n-2)(n-1)sn-s(n-1)=an = nan-(n-1)n-(n-1)a(n-1)+(n-2)(n-1)
所以,nan-(n-1)n-(n-1)a(n-1)+(n-2)(n-1)-an=0
化簡,(n-1)[an-a(n-1)]+(n-1)(n-2-n)=0等式兩邊同時除以(n-1),an-a(n-1)=2,所以數列是等差數列,公差為2
an=a1+(n-1)d=1+2(n-1)=2n-1
2樓:匿名使用者
1,an=sn-s(n-1)=nan-(n-1)a(n-1)-2(n-1)
an-a(n-1)=2
an為等差數列 a1=1 an=2n-1
2,由通項公式得an=3-2n
1/an*a(n+1)=1/(2n+1)(2n-1)=1/2[1/(2n+1)-1/(2n-1)]
tn=1/2[1-1/3+1/3-1/5+...+1/(2n+1)+1/(2n-1)]=
=(n+1)/(2n+1)>100/209 n>109/9 n=12
設數列an的前n項和為sn,已知a1=1,sn=nan-n(n-1)
3樓:淇奧婼螚莣
1) an=sn-s(n-1)
=nan……
然後把左邊的an移到右邊,再提取公因式(n-1)約去(n-1)
得:an=a(n-1)+2
即an-a(n-1)=2 所以an為等差數列d=2所以an=2n-1
2)太久沒有碰數學了……退化了……只能寫得出第一問了……
4樓:
(1)證明:
因為:sn=nan-n(n-1)
所以:an=sn-s(n-1)=nan-n(n-1)-(n-1)a(n-1)+(n-1)(n-2)
化簡得:(n-1)an-(n-1)a(n-1)-2n+2=0(n-1)[an-a(n-1)]=2(n-1)①當n≠1時,兩邊消去(n-1),得:
an-a(n-1)=2
所以:數列是以1為首項,2位公差的等差數列an=a1+(n-1)d=1+2(n-1)=2n-1即:當n≠1時,an=2n-1
②把n=1代入通項公式an=2n-1中
得:a1=1也滿足
綜合①②得:an=2n-1
(2)解;
1/[an*a(n+1)]=(1/2)*[(1/an)-(1/a(n+1))]
所以:tn=(1/2)*[1-1/3+1/3-1/5+1/5-.........-1/(2n-1)+1/(2n-1)-1/(2n+1)]
=(1/2)*[1-1/(2n-1)]
=n/(2n+1)
n/(2n+1)>100/209
解得:n>100/9≈11.111
所以n最小正整數位12
已知數列{an}的前n項和為sn,a1=1,且nan+1=2sn(n∈n*),數列{bn}滿足b1=12,b2=14,對任意n∈n*,都有
5樓:司一禾
(1)∵nan+1=2sn,∴(n-1)an=2sn-1(n≥2),兩式相減得,nan+1-(n-1)an=2an,
∴nan+1=(n+1)an,即a
n+1a
n=n+1
n(n≥2),又因為a1=1,a2=2,從而aa=2=21,
∴an=a?aa?a
a?…?ana
n-1=1×2
1×?3
2×…×n
n-1=n(n≥2),
故數列的通項公式an=n(n∈n*).
在數列中,由b
2n+1=bn
?bn+2
,知數列是等比數列,首項、公比均為12,
∴數列的通項公式b
n=(12)
n.(2)∴tn=1
2+2?(12)
+…+(n-1)?(12)
n-1+n?(12)
n①∴12
tn=(12
)+2?(12)
+…+(n-1)(12)
n+n(12)
n+1②
由①-②,得12t
n=12+(12)
+(12
)+…+(12)
n]-n?(12)
n+1=1-n+2
n+1,∴tn
=2-n+2n,
不等式λntn+2bnsn<2(λn+3bn)即為λn(2-n+2n)+n(n+1)
n>2(λn+3n),
即(1-λ)n2+(1-2λ)n-6>0(n∈n*)恆成立.方法一、設f(n)=(1-λ)n2+(1-2λ)n-6(n∈n*),當λ=1時,f(n)=-n-6<0恆成立,則λ=1不滿足條件;
當λ>1時,由二次函式性質知不恆成立;
當λ<1時,f(1)=-3λ-4>0恆成立,則λ<-43滿足條件.
綜上所述,實數λ的取值範圍是(-∞,-43).方法二、即λ<n
+n-6
n+2n
(n∈n*)恆成立,
令f(n)=n
+n-6
n+2n
.則f(n)=1-n+6
n+2n
=1-1
n+2n
n+6=1-1
(n+6)+24
n+6-10
,由n+6≥7,(n+6)+24
n+6-10單調遞增且大於0,∴f(n)單調遞增∴f(n)≥f(1)=-4
3∴實數λ的取值範圍是(-∞,-43).
設數列{an}的前n項和為sn,a1=1,an=sn/n+2(n-1),求證數列{an}是等差數列,並求其
6樓:匿名使用者
a[n]=s[n]/n+2(n-1)
na[n]=s[n]+2n(n-1)
(n-1)a[n]=s[n]-a[n]+2n(n-1)=s[n-1]+2n(n-1)
a[n]=s[n-1]/(n-1)+2n ------------(1)
同時因為a[n]=s[n]/n+2(n-1)有a[n-1]=s[n-1]/(n-1)+2(n-2) ------(2)
(1)-(2),得
a[n]-a[n-1]=4
所以是等差數列,且公差為4,這樣
a[n]=a[1]+4*(n-1)=4n-3
7樓:笑年
an=sn/n+2(n-1)
sn=nan-2n(n-1)
s(n-1)=(n-1)a(n-1)-2(n-1)(n-2)sn-s(n-1)=an=nan-2n(n-1)-[(n-1)a(n-1)-2(n-1)(n-2)]
=nan-2n(n-1)-(n-1)a(n-1)+2(n-1)(n-2)
=nan-2n(n-1)-na(n-1)+a(n-1)+2n(n-1)-4(n-1)
=n[an-a(n-1)]+a(n-1)-4(n-2)n[an-a(n-1)]-[an-a(n-1)]=4(n-1)[an-a(n-1)](n-1)=4(n-1)an-a(n-1)=4
所以數列是等差數列,公差d=4
an=a1+(n-1)d=1+(n-1)*4=4n-3
8樓:良駒絕影
an=sn/n+2(n-1)得sn=nan-
2n(n-1),利用an=s(n)-s(n-1) (n>1)及a1=1,得到:(n-1)an-(n-1)a(n-1)-4(n-1)=0,即an-a(n-1)=4=常數,從而此數列為等差數列,且公差為4,得:an=4n-3。
設數列an的前n項和為sn,且a1=1。若數列sn+nan為常數列,則an
9樓:古代聖翼龍
令bn=sn+nan(n∈z+)
b1=s1+a1==2a1=2
因為是常數列,即bn=2,也就是說sn+nan=2①把n-1代入n
s(n-1)+(n-1)a(n-1)=2②①-②得:an+nan-na(n-1)+a(n-1)=0(n+1)an=(n-1)a(n-1)
an/a(n-1)=(n-1)/n
使用累乘法:
a1=1
a2/a1=1/2
a3/a2=2/3
。。。an/a(n-1)=(n-1)/n
將以上相乘得:
an=1×(1/2)×(2/3)×(3/4)……×(n-1)/n=1/n
設數列an的前n項和為sn,已知a1=1,(2sn)/n=a(n+1)-1/3n^2-n-2/3,
10樓:流星飛逝
^兩邊同時加sn
sn+1=(2+n)sn/n+1/3n^2+n+2/3
根據一階線性變係數差分方程的公式,該方程的通解為
sn=[求和0到n-1(2x^2/3(x+1)(x+2)+2x/(x+1)(x+2)+4/3(x+1)(x+2))]*n(n+1)/2+cn(n+1)/2
2x^2/3(x+1)(x+2)+2x/(x+1)(x+2)+4/3(x+1)(x+2)=2/3-(6x+4)/3(x+1)(x+2)+6x/3(x+1)(x+2)+4/3(x+1)(x+2)=2/3
所以sn=n^2(n+1)/3+cn(n+1)/2
an=sn-s(n-1)=n^2-n/3+cn=n^2+cn(另一個c)
a1=1 解得c=0
所以an=n^2
(2)1+1/4+1/9+...<1+1/1.5*2.5+1/3.5*4.5+...
1/n(n+1)=1/n-1/n+1
1+1/4+1/9+...<1+1/1.5-1/2.5+1/2.5-1/3.5+...=5/3<7/4
11樓:手心部落j精靈
^(1)a2=4,方法就是取n=2,s2=a1+a2來算(2)2sn=na(n+1)-n^3/3-n^2-2n/32an=sn-s(n-1)
an=n*a(n+1)/n+1-n
an/n=a(n+1)/n+1-1
1=a(n+1)/n+1-an/n
{an/n}成,首項為1,公差為1的等差數列
12樓:
(2sn)/n=a(n+1)-1/3n^2-n-2/3,
是什麼意思?是這個意思嗎?6sn=3na(n+1)-n³-3n²-2n
已知數列{an}的前n項和為sn,若a1=1,sn=nan-n(n-1),n∈n*,令bn=1an?an+1,且數列{bn}的前項和為tn
13樓:純潔瀟瀟0唣
(1)由sn=nan-n(n-1),n∈n*①則當n≥2時,sn-1=(n-1)an-1-(n-1)(n-2)②
①-②,得an=[nan-n(n-1)]-[(n-1)an-1-(n-1)(n-2)]
整理得,an-an-1=2(n≥2)…(3分)
所以,為等差數列,且公差為2,an=1+2(n-1)=2n-1;
(2)bn=1
an?an+1
=1(2n?1)(2n+1)=12
(12n?1
?12n+1)∴t
n=b+b+b
+…+bn=1
2[(1?1
3)+(13?1
5)+(15?1
7)+…+(1
2n?1
?12n+1
)]=1
2(1?1
2n+1
)=n2n+1
若不等式λt
n<n+8
5對任意正整數n均成立,則λ<1
5?(2n+1)(n+8)n=1
5[2(n+4
n)+17]對任意正整數n均成立,
∵n+4
n≥4,當且僅當n=2∈n*時取「=」,∴15
[2(n+4
n)+17]的最大值為5∴λ<5;
(3)假設存在正整數m,n(1<m<n),使得t1,tm,tn成等比數列
則(tm)2=t1?tn,即(m
2m+1)=1
3?n2n+1
所以,m
4m+4m+1
=n6n+3
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收起2015-06-03
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2013-04-26
設數列的前n項和為sn,已知a1=1,sn=nan-...
2013-01-17
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2013-11-24
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2015-02-10
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2014-05-01
已知數列an的前n項和為sn,a1=1,sn=nan-n(n...
2011-02-21
設數列的前n項和為sn,已知a1=1,sn=nan-...
2011-09-14
1、數列的前n項和為sn,若a1=1,sn=nan-...
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sn為數列an的前n項和已知,sn為數列 an 的前n項和,已知an 0,an 2 2an 4sn
n 2時,an 2an 4sn 3 a n 1 2a n 1 4s n 1 3an 2an a n 1 2a n 1 4 sn s n 1 4an an a n 1 2an 2a n 1 0 an a n 1 an a n 1 2 an a n 1 0 an a n 1 an a n 1 2 0an...
設數列an的前n項和為Sn已知a1aan1Sn3n
1 a n 1 s n 1 sn 得 s n 1 sn sn 3 n s n 1 2sn 3 n s n 1 3 3 n 2sn 2 3 n s n 1 3 n 1 2 sn 3 n b n 1 2bn 又 s1 a1 a,b1 a 3 bn為以a 3為首項,2為公比的等比數列 bn a 3 2 n...
設數列an的前n項和為sn,且sn1an
1 證明 由 sn 1 an,得 sn 1 1 an 1,n n 得sn 1 sn an 1 an,即an 1 an 1 an,移向整理得 內1 an 1 an,1,0,又得an 1 an 1 a n 1 是一個與n無關的非零常數,數列是等比數列 2 解 由容 1 可知q f 1 bn f bn 1...